Pravi zadaci ranog ispita iz fizike April. Priprema za ispit iz fizike: primjeri, rješenja, objašnjenja
Kao i prethodne godine, iu 2017. postoje dva "toka" jedinstvenog državnog ispita - rani (održava se sredinom proljeća) i glavni, koji tradicionalno počinje na kraju školske godine, u poslednjih dana maja. U zvaničnom nacrtu rasporeda za USE „propisani“ su svi termini za polaganje ispita iz svih predmeta u oba ova perioda – uključujući dodatne rezervne dane predviđene za one koji iz opravdanog razloga (bolest, poklapanje termina ispita itd.) , nije mogao proći USE unutar navedenog vremenskog okvira.
Raspored ranog perioda za USE - 2017
U 2017. rani "val" jedinstvenog državnog ispita počinje ranije nego inače. Ako je prošle godine vrhunac proljećnog ispitnog roka pao na posljednju sedmicu marta, onda će ove sezone proljetni raspust biti slobodan od Jedinstvenog državnog ispita.
Glavni datumi ranog perioda su od 14. marta do 24. marta... Tako će do početka prolećnog školskog raspusta mnogi "prnjaci" imati vremena da polože testove. I ovo može biti zgodno: među maturantima koji imaju pravo da polažu Jedinstveni državni ispit u ranom talasu su momci koji će u maju učestvovati na ruskim ili međunarodnim takmičenjima i takmičenjima, a tokom prolećnog raspusta često odlaze u sportske kampove. , pomjeranja profila u kampove itd. itd. Prebacivanje ispita na raniji datum omogućit će im da u potpunosti iskoriste potonje.
Dodatni (rezervni) dani održat će se rani period USE-2017 od 3. do 7. aprila... Istovremeno, mnogi će vjerovatno morati da ispišu ispite u rezervnim terminima: ako se u prošlogodišnjem rasporedu istog dana nije predavalo više od dva predmeta istog dana, onda se u 2017. većina izbornih ispita grupiše „po trojkama. "
Odvojeni dani su odvojeni samo za tri predmeta: obavezni ispit iz ruskog jezika za maturante i sve buduće kandidate, kao i matematiku i usmeni dio ispita iz strani jezici... Istovremeno, ove godine će "rani usvojitelji" predati "govor" prije pismenog dijela.
Planirano je da se martovski ispiti rasporede po datumima kako slijedi:
14. marta(utorak) - ispit iz matematike (osnovni i specijalistički nivo);
16. mart(četvrtak) - hemija, istorija, informatika;
18. marta(subota) - KORIŠĆENJE na stranim jezicima (usmeni dio ispita);
20. marta(ponedjeljak) - ispit iz ruskog jezika;
22. mart(srijeda) - biologija, fizika, strani jezici (pismeni ispit);
24. marta(petak) - Jedinstveni državni ispit, književnost i društvene nauke.
Između glavnog i rezervnog dana ranog perioda postoji pauza od devet dana. Sva dodatna testiranja za "rezerviste" obavit će se za tri dana:
3. april(ponedjeljak) - hemija, književnost, informatika, strani jezik (govorni);
5. april(srijeda) - strani (pismeno), geografija, fizika, biologija, društvene nauke;
7 april(petak) - ruski, osnovni i.
Po pravilu, većina onih koji polažu ispite prije roka su diplomci prethodnih godina, kao i diplomci srednjih specijalizovanih obrazovnih ustanova (na visokim školama i stručnim licejima, program srednja škola obično "položi" na prvoj godini studija). Pored toga, svršeni studenti škola koji su tokom glavnog perioda polaganje ispitaće biti odsutni iz opravdanih razloga (na primjer, zbog učešća na ruskim ili međunarodnim takmičenjima ili zbog liječenja u sanatoriju) ili namjeravaju nastaviti školovanje izvan Rusije.
Maturanti 2017. godine takođe mogu po sopstvenom nahođenju izabrati datum polaganja ispita iz onih predmeta za koje je program u potpunosti završen. Ovo prije svega važi za one koji planiraju – školski predmet iz ovog predmeta čita se do 10. razreda, a rano polaganje jednog od ispita može smanjiti napetost tokom glavnog ispita.
Raspored glavnog roka za polaganje ispita - 2017
Glavni rok za polaganje ispita u 2017. godini počinje 26. maja, a do 16. juna većina maturanata završiće ispitni ep. Za one koji iz opravdanog razloga nisu mogli položiti ispit na vrijeme ili su odabrali predmete koji se poklapaju u smislu izvođenja nastave, tu su rezervni ispitni dani od 19. juna... Kao i prošle godine, posljednji dan ispitnog roka postat će "jedinstvena rezerva" - 30. juna moći će se položiti ispit iz bilo kojeg predmeta.
Istovremeno, raspored ispita za glavni period USE-2017 je mnogo manje gust u poređenju sa predučenicima, a najvjerovatnije će većina diplomaca moći izbjeći "preklapanje" ispita.
Za izvođenje obaveznih predmeta izdvajaju se odvojeni ispitni dani: ruski jezik, matematika osnovnog i specijalizovanog nivoa (učenici imaju pravo da polažu jedan od ovih ispita ili oba odjednom, stoga u rasporedu glavnog roka, tradicionalno raspoređeni na nekoliko dana).
Kao i prošle godine, odvojen je dan za najtraženiji izborni ispit - društvene nauke. A za polaganje usmenog dijela ispita iz stranih jezika izdvajaju se dva odvojena dana odjednom. Osim toga, poseban dan je određen za manje tražene Jedinstveni državni ispit iz predmeta- geografija. Možda je to učinjeno kako bi se u rasporedu proširili svi predmeti prirodno-naučnog profila, smanjio broj utakmica.
Dakle, u raspored ispita ostaju dva para i jedna "trojka" predmeta za koje će se ispiti polagati istovremeno:
- hemija, istorija i informatika;
- strani jezici i biologija,
- književnosti i fizike.
Ispiti se moraju položiti u sljedećim datumima:
26. maja(petak) - geografija,
29. maja(ponedjeljak) - ruski,
31. maja(srijeda) - historija, hemija, informatika i IKT,
2. jun(petak) - profil matematika,
5. juna(ponedjeljak) - društvene nauke;
7. jun(srijeda) -,
9. juna(petak) - pismeni strani, biologija,
13. juna(utorak) - književnost, fizika,
15. juna(četvrtak) i 16. juna(petak) - strani usmeni.
Tako će se većina školaraca za maturske večeri pripremati "čiste savjesti", nakon što su već položili sve planirane ispite i postigli rezultate iz većine predmeta. Oni koji su bili bolesni tokom glavnog ispitnog roka, birali su predmete koji se podudaraju u smislu vremena, dobili su "loš" iz ruskog ili matematike, bili su udaljeni sa ispita ili su se suočili sa tehničkim ili organizacionim poteškoćama tokom ispita (npr. nedostatak dodatnih formulara ili nestanak struje), polagat će ispite na rezervne datume.
Rezervni dani će biti raspoređeni na sljedeći način:
19. juna(ponedjeljak) - informatika, historija, hemija i geografija,
20. juna(utorak) - fizika, književnost, biologija, društvene nauke, pisani strani,
21. juna(srijeda) - ruski,
22. jun(četvrtak) - osnovna matematika,
28. juna(srijeda) - matematika na specijalističkom nivou,
29. juna(četvrtak) - usmeni strani,
30. jun(petak) - sve stavke.
Može li biti promjena u rasporedu polaganja ispita
Nacrt službenog rasporeda ispita se obično objavljuje na početku akademske godine, razmatra se, a konačno odobrenje rasporeda ispita se vrši na proljeće. Stoga su moguće izmjene rasporeda USE za 2017. godinu.
Međutim, na primjer, 2016. godine projekat je odobren bez ikakvih izmjena i stvarni termini ispita su se u potpunosti poklopili s unaprijed najavljenim - kako u ranom tako i u glavnom valu. Dakle, velike su šanse da će i raspored za 2017. biti usvojen nepromijenjen.
Mnogi maturanti će i 2017. polagati fiziku, jer je ovaj ispit veoma tražen. Mnogi univerziteti trebaju da imate Jedinstveni državni ispit iz fizike, kako bi 2017. mogli prihvatiti, a vi upisati određene specijalnosti fakulteta njihovih instituta. I iz tog razloga, budući diplomac koji uči u 11. razredu, ne znajući da će morati da polaže tako težak ispit, i to ne samo tako, već sa takvim rezultatima koji će mu omogućiti da zapravo upiše dobru specijalnost, koja zahteva poznavanje fizike kao predmeta i dostupnost KORISTI rezultate, kao pokazatelj da ove godine imate pravo da se prijavite za upis na studije, vodeći se činjenicom da ste položili GŠ iz fizike 2017. godine, imate dobre ocjene, i mislite da ćete ući barem na komercijalni odsjek, mada bih voleo da idem na budžetski.
I zato smatramo da će vam pored školskih udžbenika, znanja dostupnog u mozgu glave, kao i onih knjiga koje ste već kupili, trebati još najmanje dva fajla koje preporučujemo da besplatno preuzmete.
Prvo, ovo su godine, jer je to osnova na koju ćete se prije svega osloniti. Postojaće i specifikacije i kodifikatori, prema kojima ćete naučiti teme koje treba ponoviti i općenito cijeli ispitni postupak i uslove za njegovo izvođenje.
Drugo, ovo su KIM-ovi probnog ispita iz fizike koji je FIPI sprovodio u rano proleće, odnosno u martu-aprilu.
Evo ih upravo ono što vam nudimo da preuzmete ovdje, i to ne samo zato što je sve ovo besplatno, već u većoj mjeri iz razloga što je vama potrebno, a ne nama. Ove USE zadaci iz fizike su preuzeti iz otvorene banke podataka, u koju FIPI postavlja desetine hiljada problema i pitanja iz svih predmeta. I shvatite da je jednostavno nerealno riješiti sve, jer za to treba 10 ili 20 godina, a nemate to vrijeme, morate hitno djelovati u 2017, jer ne želite da izgubite jednu godinu , a osim toga stići će s vremenom i novi diplomci čiji nivo znanja nam je nepoznat, pa nije jasno kako će se s njima takmičiti, bilo lako ili teško.
S obzirom na to da znanje vremenom bledi, potrebno je učiti i sada, odnosno sve dok ima svježeg znanja u glavi.
Na osnovu ovih činjenica dolazimo do zaključka da je potrebno uložiti maksimalne napore kako bismo se na originalan način pripremili za bilo koji ispit, pa tako i ESP iz fizike 2017, čije probne rane zadatke Vam nudimo upravo sada. i preuzmite ovdje.
Ovo je sve i treba da shvatite temeljno i do kraja, jer će biti teško sve probaviti prvi put, a ono što vidite u zadacima koje ste preuzeli daće vam povoda za razmišljanje kako biste bili spremni za sve nevolje koji vas čekaju na ispitu na proleće!
Kada se pripremaju za Jedinstveni državni ispit, maturantima je bolje koristiti opcije iz službenih izvora informacione podrške za završni ispit.
Da biste razumjeli kako izvršiti ispitni rad, prije svega se trebate upoznati sa demonstracijama KIM USE u fizici tekuće godine i sa opcijama za USE ranog perioda.
05/10/2015, kako bi se maturantima pružila dodatna prilika da se pripreme za jedinstveni državni ispit iz fizike, web stranica FIPI-ja objavljuje jednu verziju CMM-a koja se koristila za Jedinstvenu školu početkom 2017. godine. Ovo su realne opcije sa ispita održanog 07.04.2017.
Rane verzije ispita iz fizike 2017
Demonstraciona verzija ispita iz fizike 2017
| Opcija zadatka + odgovori | varijanta + otvet |
| Specifikacija | skinuti |
| Kodifikator | skinuti |
Demo verzije ispita iz fizike 2016-2015
| fizika | Opcija preuzimanja |
| 2016 | verzija ispita 2016 |
| 2015 | varijanta EGE fizika |
Promjene u KIM USE u 2017. u odnosu na 2016. godinu
Struktura 1. dijela ispitnog rada je promijenjena, 2. dio je ostao nepromijenjen. Zadaci sa izborom jednog tačnog odgovora isključeni su iz ispitnog rada, a dodani su zadaci sa kratkim odgovorom.
Prilikom izmjena strukture ispitnog rada, sačuvani su opšti konceptualni pristupi ocjenjivanju obrazovnih postignuća. Uključujući, maksimalni broj bodova za ispunjavanje svih zadataka ispitnog rada ostao je nepromijenjen, distribucija maksimalnih bodova za zadatke različitih nivoa složenosti i približna raspodjela broja zadataka po dijelovima školskog predmeta fizike i metodama aktivnosti su bili sačuvana.
Kompletan spisak pitanja koja se mogu kontrolisati na jedinstvenom državnom ispitu 2017. godine dat je u kodifikatoru elemenata sadržaja i uslova za nivo obučenosti diplomaca. obrazovne organizacije za Jedinstveni državni ispit iz fizike 2017.
Svrha demo verzije USE-a u fizici je omogućiti svakom sudioniku USE-a i široj javnosti da steknu predstavu o strukturi budućih CMM-a, broju i obliku zadataka, te nivou njihove složenosti.
Navedeni kriteriji za ocjenu izvođenja zadataka sa detaljnim odgovorom, koji su uključeni u ovu opciju, daju predstavu o zahtjevima za potpunost i ispravnost bilježenja detaljnog odgovora. Ove informacije će omogućiti diplomcima da razviju strategiju za pripremu i polaganje ispita.
Pristupi odabiru sadržaja, razvoju strukture KIM USE u fizici
Svaka varijanta ispitnog rada sadrži zadatke kojima se provjerava ovladanost kontrolisanim elementima sadržaja iz svih odjeljaka školskog predmeta fizika, dok se za svaku dionicu predlažu zadaci svih taksonomskih nivoa. Elementi sadržaja najvažniji sa stanovišta kontinuiranog obrazovanja na visokoškolskim ustanovama kontrolišu se u istoj verziji zadacima različitog nivoa složenosti.
Broj zadataka za pojedini odsjek određen je njegovim sadržajem i proporcionalan studijskom vremenu predviđenom za njegovo izučavanje u skladu sa okvirnim programom fizike. Različiti planovi, prema kojima se konstruišu varijante ispita, izgrađeni su po principu sadržajnog sabiranja tako da, generalno, sve serije varijanti daju dijagnostiku razvoja svih elemenata sadržaja uključenih u kodifikator.
Svaka opcija uključuje zadatke za sve sekcije različitih nivoa složenosti, što vam omogućava da testirate sposobnost primjene fizičkih zakona i formula kako u tipičnim obrazovnim situacijama tako iu netradicionalnim situacijama koje zahtijevaju dovoljno visok stepen nezavisnosti pri kombinovanju poznatih algoritama djelovanja ili kreiranje vlastitog plana za završetak zadatka...
Objektivnost provjere zadataka sa detaljnim odgovorom obezbjeđena je jedinstvenim kriterijumima ocjenjivanja, učešćem dva nezavisna stručnjaka koji ocjenjuju jedan rad, mogućnošću imenovanja trećeg stručnjaka i prisustvom žalbenog postupka. Single Državni ispit iz fizike je ispit po izboru diplomiranih i namijenjen je diferencijaciji pri prijemu na visoko obrazovanje.
U ove svrhe rad uključuje zadatke tri nivoa složenosti. Izvršavanje zadataka osnovnog nivoa složenosti omogućava vam da procenite nivo savladavanja najznačajnijih elemenata sadržaja srednjoškolskog kursa fizike i savladavanja najvažnijih vrsta aktivnosti.
Među zadacima osnovnog nivoa izdvajaju se zadaci čiji sadržaj odgovara standardu osnovnog nivoa. Minimalni broj bodova USE iz fizike, koji potvrđuje da je maturant savladao srednji (potpuni) opšteobrazovni program iz fizike, utvrđuje se na osnovu uslova za savladavanje standarda osnovnog nivoa. Upotreba zadataka povećanog i visokog stepena složenosti u ispitnom radu omogućava procjenu stepena pripremljenosti studenta za nastavak školovanja na univerzitetu.
Priprema za ispit i ispit
Srednje opšte obrazovanje
UMK linija A. V. Grachev. Fizika (10-11) (osnovni, napredni)
UMK linija A. V. Grachev. fizika (7-9)
UMK linija A.V. Peryshkin. fizika (7-9)
Priprema za ispit iz fizike: primjeri, rješenja, objašnjenja
Analiziramo zadatke ispita iz fizike (opcija C) sa nastavnikom.Lebedeva Alevtina Sergeevna, nastavnik fizike, radno iskustvo 27 godina. Počasna diploma Ministarstva obrazovanja Moskovske oblasti (2013), Zahvalnica načelnika opštinskog okruga Vaskrsenje (2015), Počasna diploma predsednika Udruženja nastavnika matematike i fizike Moskovske oblasti (2015).
U radu su predstavljeni zadaci različitih nivoa težine: osnovni, napredni i visoki. Zadaci osnovnog nivoa su jednostavni zadaci koji testiraju savladavanje najvažnijih fizičkih pojmova, modela, pojava i zakona. Zadaci naprednog nivoa imaju za cilj provjeru sposobnosti korištenja pojmova i zakona fizike za analizu različitih procesa i pojava, kao i sposobnosti rješavanja zadataka o primjeni jednog ili dva zakona (formule) za bilo koju od tema školskog kursa fizike. U radu, 4 zadatka drugog dijela su zadaci visoki nivo poteškoće i testirati sposobnost korištenja zakona i teorija fizike u promijenjenoj ili novoj situaciji. Za ispunjavanje ovakvih zadataka potrebna je primjena znanja iz dva tri dijela fizike odjednom, tj. visok nivo obuke. Ova opcija je u potpunosti usklađena demo verzija USE 2017, zadaci su preuzeti iz otvorene banke USE zadataka.
Na slici je prikazan graf zavisnosti modula brzine od vremena t... Odrediti put koji je automobil prešao u vremenskom intervalu od 0 do 30 s.
Rješenje. Put koji automobil prijeđe u vremenskom intervalu od 0 do 30 s najlakše je definirati kao površinu trapeza, čije su osnovice vremenski intervali (30 - 0) = 30 s i (30 - 10) = 20 s, a visina je brzina v= 10 m/s, tj.
| S = | (30 + 20) sa | 10 m/s = 250 m. |
| 2 |
Odgovori. 250 m.
Teret težine 100 kg podiže se okomito prema gore pomoću užeta. Na slici je prikazana zavisnost projekcije brzine V opterećenje na gornjoj osovini od vremena t... Odredite modul napetosti sajle tokom uspona.
Rješenje. Prema grafu zavisnosti projekcije brzine v opterećenje na osovini usmjereno okomito prema gore, od vremena t, možete odrediti projekciju ubrzanja opterećenja
| a = | ∆v | = | (8 - 2) m/s | = 2 m/s 2. |
| ∆t | 3 sek |
Na opterećenje utječu: sila gravitacije usmjerena okomito prema dolje i sila zatezanja užeta usmjerena okomito prema gore duž užeta, vidi sl. 2. Zapišimo osnovnu jednačinu dinamike. Koristimo drugi Newtonov zakon. Geometrijski zbir sila koje djeluju na tijelo jednak je proizvodu mase tijela ubrzanjem koje mu se daje.
+ = (1)
Napišimo jednačinu za projekciju vektora u referentnom okviru povezanom sa zemljom, osa OY je usmjerena prema gore. Projekcija vlačne sile je pozitivna, budući da se smjer sile poklapa sa smjerom ose OY, projekcija gravitacije je negativna, budući da je vektor sile suprotno usmjeren na os OY, projekcija vektora ubrzanja je također pozitivan, pa se tijelo kreće ubrzanjem prema gore. Imamo
T – mg = ma (2);
iz formule (2) modul vlačne sile
T = m(g + a) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N.
Odgovori... 1200 N.
Tijelo se vuče duž grube horizontalne površine konstantnom brzinom, čiji je modul 1,5 m/s, primjenjujući na njega silu kao što je prikazano na slici (1). U ovom slučaju, modul sile trenja klizanja koja djeluje na tijelo je 16 N. Kolika je snaga koju razvija sila F?
Rješenje. Zamislite fizički proces naveden u opisu problema i napravite šematski crtež koji pokazuje sve sile koje djeluju na tijelo (slika 2). Zapišimo osnovnu jednačinu dinamike.
Tr + + = (1)
Nakon odabira referentnog okvira povezanog s fiksnom površinom, zapisujemo jednadžbe za projekciju vektora na odabrane koordinatne ose. Prema uslovu zadatka, tijelo se kreće jednoliko, jer je njegova brzina konstantna i jednaka 1,5 m/s. To znači da je ubrzanje tijela nula. Na tijelo vodoravno djeluju dvije sile: sila trenja klizanja tr. i sila kojom se tijelo vuče. Projekcija sile trenja je negativna, jer se vektor sile ne poklapa sa smjerom ose NS... Projekcija sile F pozitivno. Podsjećamo vas da za pronalaženje projekcije spustimo okomicu s početka i kraja vektora na odabranu os. Imajući ovo na umu, imamo: F cosα - F tr = 0; (1) izraziti projekciju sile F, ovo je F cosα = F tr = 16 N; (2) tada će snaga koju razvija sila biti jednaka N = F cosα V(3) Napravimo supstituciju, uzimajući u obzir jednačinu (2), i zamijenimo odgovarajuće podatke u jednačinu (3):
N= 16 N 1,5 m / s = 24 W.
Odgovori. 24 vata
Opterećenje, pričvršćeno na laganu oprugu krutosti od 200 N / m, stvara vertikalne vibracije. Na slici je prikazan dijagram zavisnosti pomaka x teret s vremena na vrijeme t... Odredite kolika je težina tereta. Zaokružite odgovor na najbliži cijeli broj.
Rješenje. Oprugom opterećena težina vibrira vertikalno. Prema grafu zavisnosti pomaka tereta NS od vremena t, definišemo period fluktuacije opterećenja. Period oscilovanja je T= 4 s; iz formule T= 2π izrazi masu m tereta.
| = | T | ; | m | = | T 2 | ; m = k | T 2 | ; m= 200 H/m | (4 s) 2 | = 81,14 kg ≈ 81 kg. |
| 2π | k | 4π 2 | 4π 2 | 39,438 |
odgovor: 81 kg.
Na slici je prikazan sistem od dva lagana bloka i bestežinskog kabla, pomoću kojih možete balansirati ili podići teret težine 10 kg. Trenje je zanemarljivo. Na osnovu analize gornje slike, izaberite dva tačne tvrdnje i navedite njihove brojeve u odgovoru.
- Da biste održali opterećenje u ravnoteži, morate djelovati na kraj užeta sa silom od 100 N.
- Blok sistem prikazan na slici ne daje pojačanje snage.
- h, potrebno je da ispružite dio užeta dužine 3 h.
- Kako bi se teret polako podigao na visinu hh.
Rješenje. U ovom zadatku potrebno je prisjetiti se jednostavnih mehanizama, odnosno blokova: pokretnog i fiksnog bloka. Pomični blok udvostručuje snagu, pri čemu se uže rasteže dvostruko duže, a nepokretni blok se koristi za preusmjeravanje sile. U radu, jednostavni mehanizmi pobjede ne daju. Nakon analize problema, odmah odabiremo potrebne izjave:
- Kako bi se teret polako podigao na visinu h, potrebno je izvući dio užeta dužine 2 h.
- Da biste održali opterećenje u ravnoteži, morate djelovati na kraj užeta sa silom od 50 N.
Odgovori. 45.
Aluminijski uteg, pričvršćen na bestežinski i nerastegljivi konac, potpuno je uronjen u posudu s vodom. Težina ne dodiruje zidove i dno posude. Zatim se u istu posudu sa vodom potopi gvozdeni uteg čija je masa jednaka masi aluminijumskog utega. Kako će se zbog toga promijeniti modul sile zatezanja niti i modul sile gravitacije koja djeluje na opterećenje?
- Povećava;
- Smanjuje;
- Ne menja se.
Rješenje. Analiziramo stanje problema i biramo one parametre koji se ne mijenjaju tokom istraživanja: to su tjelesna masa i tekućina u koju je tijelo uronjeno na nitima. Nakon toga, bolje je izvesti shematski crtež i naznačiti sile koje djeluju na opterećenje: sila zatezanja niti F kontrola usmjerena prema gore duž konca; sila gravitacije usmjerena okomito prema dolje; Arhimedova sila a djelujući na potopljeno tijelo sa strane tečnosti i usmjereni prema gore. Prema uslovu zadatka, masa tereta je ista, pa se modul sile gravitacije koja djeluje na teret ne mijenja. Budući da je gustina tereta različita, volumen će također biti drugačiji.
| V = | m | . |
| str |
Gustoća gvožđa je 7800 kg / m 3, a gustina aluminijuma je 2700 kg / m 3. dakle, V f< V a... Tijelo je u ravnoteži, rezultanta svih sila koje djeluju na tijelo je nula. Usmjerimo koordinatnu osu OY prema gore. Osnovna jednadžba dinamike, uzimajući u obzir projekciju sila, ispisuje se u obliku F kontrola + F a – mg= 0; (1) Izrazite vučnu silu F kontrola = mg – F a(2); Arhimedova sila zavisi od gustine tečnosti i zapremine potopljenog dela tela F a = ρ gV p.h.t. (3); Gustina tečnosti se ne menja, a zapremina gvozdenog tela je manja V f< V a, dakle, Arhimedova sila koja deluje na teret gvožđa biće manja. Izvodimo zaključak o modulu sile zatezanja niti, radeći sa jednadžbom (2), on će se povećati.
Odgovori. 13.
Težina bloka m klizi sa fiksne grube nagnute ravni sa uglom α u osnovi. Modul ubrzanja bloka je a, modul brzine šipke se povećava. Otpor zraka je zanemarljiv.
Uspostavite korespondenciju između fizičkih veličina i formula pomoću kojih se one mogu izračunati. Za svaku poziciju prve kolone odaberite odgovarajuću poziciju iz druge kolone i zapišite odabrane brojeve u tabeli ispod odgovarajućih slova.
B) Koeficijent trenja šipke na kosoj ravni
3) mg cosα
| 4) sinα - | a |
| g cosα |
Rješenje. Ovaj zadatak zahtijeva primjenu Newtonovih zakona. Preporučujemo da napravite šematski crtež; naznačiti sve kinematičke karakteristike kretanja. Ako je moguće, opišite vektor ubrzanja i vektore svih sila koje se primjenjuju na tijelo koje se kreće; zapamtite da su sile koje djeluju na tijelo rezultat interakcije s drugim tijelima. Zatim zapišite osnovnu jednačinu dinamike. Odaberite referentni sistem i zapišite rezultirajuću jednačinu za projekciju vektora sila i ubrzanja;
Prateći predloženi algoritam, napravićemo šematski crtež (slika 1). Na slici su prikazane sile primijenjene na težište šipke i koordinatne ose referentnog okvira povezane s površinom nagnute ravni. Kako su sve sile konstantne, kretanje šipke će biti jednako promjenjivo sa povećanjem brzine, tj. vektor ubrzanja je usmjeren prema kretanju. Odaberimo smjer osi kao što je prikazano na slici. Zapišimo projekcije sila na odabrane ose.
Zapišimo osnovnu jednačinu dinamike:
Tr + = (1)
Napišimo ovu jednačinu (1) za projekciju sila i ubrzanja.
Na osi OY: projekcija sile reakcije oslonca je pozitivna, jer se vektor poklapa sa smjerom ose OY N y = N; projekcija sile trenja je nula jer je vektor okomit na osu; projekcija gravitacije će biti negativna i jednaka mg y= – mg cosα; projekcija vektora ubrzanja a y= 0, budući da je vektor ubrzanja okomit na osu. Imamo N – mg cosα = 0 (2) iz jednačine izražavamo silu reakcije koja djeluje na šipku, sa strane nagnute ravni. N = mg cosα (3). Napišimo projekcije na osu OX.
Na osi OX: projekcija sile N jednak nuli, pošto je vektor okomit na osu OX; Projekcija sile trenja je negativna (vektor je usmjeren u suprotnom smjeru u odnosu na odabranu os); projekcija gravitacije je pozitivna i jednaka mg x = mg sinα (4) iz pravouglog trougla. Projekcija ubrzanja pozitivna sjekira = a; Zatim pišemo jednačinu (1) uzimajući u obzir projekciju mg sinα - F tr = ma (5); F tr = m(g sinα - a) (6); Zapamtite da je sila trenja proporcionalna normalnoj sili pritiska N.
A-prioritet F tr = μ N(7), izražavamo koeficijent trenja šipke o kosoj ravni.
| μ = | F tr | = | m(g sinα - a) | = tgα - | a | (8). |
| N | mg cosα | g cosα |
Za svako slovo biramo odgovarajuće pozicije.
Odgovori. A - 3; B - 2.
Zadatak 8. Kiseonik se nalazi u posudi zapremine 33,2 litara. Pritisak gasa 150 kPa, njegova temperatura 127 °C. Odredite masu gasa u ovoj posudi. Izrazite svoj odgovor u gramima i zaokružite na najbliži cijeli broj.
Rješenje. Važno je obratiti pažnju na konverziju jedinica u SI sistem. Pretvaramo temperaturu u Kelvine T = t° C + 273, zapremina V= 33,2 l = 33,2 · 10 –3 m 3; Prevodimo pritisak P= 150 kPa = 150.000 Pa. Korištenje jednačine stanja idealnog plina
izraziti masu gasa.
Obavezno obratite pažnju na jedinicu u kojoj se od vas traži da zapišete odgovor. To je veoma važno.
Odgovori. 48 g
Zadatak 9. Idealan jednoatomni gas u količini od 0,025 mol adijabatski proširen. Istovremeno, njegova temperatura je pala sa + 103 ° C na + 23 ° C. Kakav je posao obavio gas? Izrazite svoj odgovor u džulima i zaokružite na najbliži cijeli broj.
Rješenje. Prvo, gas je monoatomski broj stepeni slobode i= 3, drugo, plin se širi adijabatski - to znači bez izmjene topline Q= 0. Gas radi tako što smanjuje unutrašnju energiju. Uzimajući ovo u obzir, zapisujemo prvi zakon termodinamike u obliku 0 = ∆ U + A G; (1) izraziti rad gasa A r = –∆ U(2); Promjena unutrašnje energije za jednoatomni gas može se zapisati kao
Odgovori. 25 J.
Relativna vlažnost dijela zraka na određenoj temperaturi iznosi 10%. Koliko puta treba promijeniti pritisak ovog dijela zraka da bi se njegova relativna vlažnost povećala za 25% pri konstantnoj temperaturi?
Rješenje. Pitanja vezana za zasićenu paru i vlažnost zraka najčešće su teška za školarce. Koristimo formulu da izračunamo relativnu vlažnost vazduha
U zavisnosti od uslova zadatka, temperatura se ne menja, što znači da pritisak zasićene pare ostaje isti. Zapišimo formulu (1) za dva stanja zraka.
φ 1 = 10%; φ 2 = 35%
Izrazimo tlak zraka iz formula (2), (3) i pronađemo omjer tlaka.
| P 2 | = | φ 2 | = | 35 | = 3,5 |
| P 1 | φ 1 | 10 |
Odgovori. Pritisak treba povećati za 3,5 puta.
Vruća tvar u tečnom stanju polako je hlađena u peći za topljenje konstantne snage. U tabeli su prikazani rezultati mjerenja temperature neke supstance tokom vremena.
Odaberite sa ponuđene liste dva izjave koje odgovaraju rezultatima izvršenih mjerenja i označavaju njihov broj.
- Tačka topljenja supstance u ovim uslovima je 232 ° C.
- Za 20 minuta. nakon početka mjerenja, supstanca je bila samo u čvrstom stanju.
- Toplotni kapacitet tvari u tekućem i čvrstom stanju je isti.
- Nakon 30 min. nakon početka mjerenja, supstanca je bila samo u čvrstom stanju.
- Proces kristalizacije supstance trajao je više od 25 minuta.
Rješenje. Kako se supstanca hladila, njena unutrašnja energija se smanjivala. Rezultati mjerenja temperature omogućuju vam da odredite temperaturu na kojoj tvar počinje kristalizirati. Sve dok supstanca prelazi iz tečnog u čvrsto stanje, temperatura se ne menja. Znajući da su tačka topljenja i temperatura kristalizacije iste, biramo tvrdnju:
1. Tačka topljenja supstance u ovim uslovima je 232 ° C.
Druga istinita izjava je:
4. Nakon 30 minuta. nakon početka mjerenja, supstanca je bila samo u čvrstom stanju. Pošto je temperatura u ovom trenutku već ispod temperature kristalizacije.
Odgovori. 14.
U izolovanom sistemu, telo A ima temperaturu od +40°C, a telo B ima temperaturu od +65°C. Ova tijela se dovode u toplinski kontakt jedno s drugim. Nakon nekog vremena, došlo je do termičke ravnoteže. Kako su se zbog toga promijenila temperatura tijela B i ukupna unutrašnja energija tijela A i B?
Za svaku vrijednost odredite odgovarajući obrazac promjene:
- Povećano;
- Smanjena;
- Nije se promenilo.
Zapišite odabrane brojeve za svaki fizička količina... Brojevi u odgovoru se mogu ponoviti.
Rješenje. Ako u izolovanom sistemu tela nema transformacije energije osim razmene toplote, tada je količina toplote koju daju tela, čija se unutrašnja energija smanjuje, jednaka količini toplote koju primaju tela čija je unutrašnja energija povećava. (Prema zakonu održanja energije.) U ovom slučaju ukupna unutrašnja energija sistema se ne mijenja. Problemi ovog tipa rješavaju se na osnovu jednačine toplotnog bilansa.
| ∆U = ∑ | n | ∆U i = 0 (1); |
| i = 1 |
gdje je ∆ U- promjena unutrašnje energije.
U našem slučaju, kao rezultat razmjene topline, unutarnja energija tijela B opada, što znači da se temperatura ovog tijela smanjuje. Unutrašnja energija tijela A raste, pošto je tijelo primilo količinu topline od tijela B, tada će njegova temperatura rasti. Ukupna unutrašnja energija tijela A i B se ne mijenja.
Odgovori. 23.
Proton str, uletena u jaz između polova elektromagneta, ima brzinu okomitu na vektor magnetske indukcije, kao što je prikazano na slici. Gdje je Lorentzova sila koja djeluje na proton usmjerena u odnosu na figuru (gore, prema posmatraču, od posmatrača, dolje, lijevo, desno)
Rješenje. Magnetno polje djeluje na nabijenu česticu Lorentzovom silom. Da bi se odredio smjer ove sile, važno je zapamtiti mnemoničko pravilo lijeve ruke, a ne zaboraviti uzeti u obzir naboj čestica. Četiri prsta lijeve ruke usmjeravamo duž vektora brzine, za pozitivno nabijenu česticu, vektor bi trebao ući u dlan okomito, palac postavljen na 90 ° pokazuje smjer Lorentzove sile koja djeluje na česticu. Kao rezultat, imamo da je vektor Lorentzove sile usmjeren dalje od posmatrača u odnosu na figuru.
Odgovori. od posmatrača.
Modul jakosti električnog polja u kondenzatoru za ravni zrak od 50 μF iznosi 200 V/m. Razmak između ploča kondenzatora je 2 mm. Koliki je naboj kondenzatora? Zapišite odgovor u μC.
Rješenje. Pretvorimo sve mjerne jedinice u SI sistem. Kapacitet C = 50 μF = 50 · 10 -6 F, rastojanje između ploča d= 2 · 10 –3 m. Problem govori o ravnom vazdušnom kondenzatoru - uređaju za akumuliranje električnog naboja i energije električnog polja. Iz formule za električni kapacitet
gdje d Je razmak između ploča.
Izrazite napetost U= E d(4); Zamijenite (4) u (2) i izračunajte napunjenost kondenzatora.
q = C · Ed= 50 · 10 –6 · 200 · 0,002 = 20 μC
Skrećemo vam pažnju na jedinice u koje trebate napisati odgovor. Dobili smo ga u privjescima, ali ga predstavljamo u μC.
Odgovori. 20 μC.
Učenik je izvršio eksperiment o prelamanju svjetlosti, prikazan na fotografiji. Kako se ugao prelamanja svjetlosti koja se širi u staklu i indeks loma stakla mijenjaju sa povećanjem upadnog ugla?
- Povećava se
- Smanjuje
- Ne mijenja se
- Zapišite odabrane brojeve za svaki odgovor u tabelu. Brojevi u odgovoru se mogu ponoviti.
Rješenje. U zadacima ove vrste, prisjećamo se šta je refrakcija. Ovo je promjena smjera širenja vala pri prelasku iz jednog medija u drugi. To je uzrokovano činjenicom da su brzine prostiranja talasa u ovim medijima različite. Nakon što smo otkrili iz kojeg medija do koje svjetlosti se širi, zapisujemo zakon loma u obliku
| sinα | = | n 2 | , |
| sinβ | n 1 |
gdje n 2 - apsolutni indeks prelamanja stakla, medij u koji ide svjetlost; n 1 je apsolutni indeks prelamanja prvog medija iz kojeg dolazi svjetlost. Za vazduh n 1 = 1. α je upadni ugao snopa na površinu staklenog polucilindra, β je ugao prelamanja zraka u staklu. Štaviše, ugao prelamanja će biti manji od upadnog ugla, budući da je staklo optički gušći medij - medij sa visokim indeksom prelamanja. Brzina širenja svjetlosti u staklu je sporija. Imajte na umu da mjerimo uglove od okomice obnovljene u tački upada zraka. Ako povećate upadni ugao, tada će se povećati i ugao prelamanja. Indeks prelamanja stakla se neće promijeniti od ovoga.
Odgovori.
Bakarni džemper u određenom trenutku t 0 = 0 počinje se kretati brzinom od 2 m / s duž paralelnih horizontalnih vodljivih tračnica, na čije je krajeve spojen otpornik od 10 Ohma. Čitav sistem je u vertikalnom uniformnom magnetnom polju. Otpor nadvratnika i šina je zanemarljiv, nadvratnik je uvijek okomit na šine. Tok F vektora magnetske indukcije kroz krug formiran od kratkospojnika, tračnica i otpornika mijenja se tokom vremena t kao što je prikazano na grafikonu.
Koristeći grafikon, odaberite dvije tačne tvrdnje i uključite njihove brojeve u odgovor.
- Do vremena t= 0,1 s, promjena magnetskog fluksa kroz kolo je jednaka 1 mVb.
- Indukcijska struja u kratkospojniku u rasponu od t= 0,1 s t= 0,3 s max.
- EMF modul indukcije koja nastaje u kolu je 10 mV.
- Jačina indukcijske struje koja teče u kratkospojniku je 64 mA.
- Da bi se održalo kretanje pregrade, na nju se primjenjuje sila čija je projekcija na smjer šina 0,2 N.
Rješenje. Prema grafu zavisnosti fluksa vektora magnetske indukcije kroz kolo od vremena određujemo odseke na kojima se menja fluks F, a gde je promena fluksa nula. To će nam omogućiti da odredimo vremenske intervale u kojima će se indukcijska struja pojaviti u krugu. Tačna izjava:
1) Do vremena t= 0,1 s promjena magnetnog fluksa kroz kolo je jednaka 1 mWb ∆F = (1 - 0) · 10 –3 Wb; EMF modul indukcije koji nastaje u krugu određuje se korištenjem EMR zakona
Odgovori. 13.
Prema grafu zavisnosti jačine struje od vremena u električnom kolu, čija je induktivnost 1 mH, odrediti EMF modul samoindukcije u vremenskom intervalu od 5 do 10 s. Zapišite odgovor u μV.
Rješenje. Prevedemo sve veličine u SI sistem, tj. induktivnost od 1 mH se pretvara u H, dobijamo 10 –3 H. Struja prikazana na slici u mA će se takođe pretvoriti u A množenjem sa 10 –3.
EMF formula samoindukcije ima oblik
u ovom slučaju, vremenski interval je dat prema stanju problema
∆t= 10 s - 5 s = 5 s
sekundi i prema grafikonu određujemo interval promjene struje za to vrijeme:
∆I= 30 · 10 –3 - 20 · 10 –3 = 10 · 10 –3 = 10 –2 A.
Zamjenom numeričkih vrijednosti u formulu (2) dobijamo
| Ɛ | = 2 · 10 –6 V, ili 2 µV.
Odgovori. 2.
Dvije prozirne ravnoparalelne ploče su čvrsto pritisnute jedna uz drugu. Zraka svjetlosti pada iz zraka na površinu prve ploče (vidi sliku). Poznato je da je indeks loma gornje ploče n 2 = 1,77. Uspostavite korespondenciju između fizičkih veličina i njihovih vrijednosti. Za svaku poziciju prve kolone odaberite odgovarajuću poziciju iz druge kolone i zapišite odabrane brojeve u tabeli ispod odgovarajućih slova.
Rješenje. Za rješavanje problema o prelamanju svjetlosti na međuprostoru između dva medija, a posebno problema prijenosa svjetlosti kroz ravnoparalelne ploče, može se preporučiti sljedeći redoslijed rješavanja: napravite crtež koji pokazuje putanju zraka koje idu od jedne srednje do drugog; u tački upada zraka na granici između dva medija, nacrtajte normalu na površinu, označite upadne i lomne uglove. Obratite posebnu pažnju na optičku gustoću medija koji se razmatra i zapamtite da kada svjetlosni snop prijeđe iz optički manje gustog medija u optički gušći medij, ugao prelamanja će biti manji od upadnog ugla. Na slici je prikazan ugao između upadne zrake i površine, ali nam je potreban upadni ugao. Zapamtite da se uglovi određuju iz okomice obnovljene u tački upada. Određujemo da je ugao upada zraka na površinu 90° - 40° = 50°, indeks loma n 2 = 1,77; n 1 = 1 (vazduh).
Zapišimo zakon refrakcije
| sinβ = | sin50 | = 0,4327 ≈ 0,433 |
| 1,77 |
Konstruirajmo približnu putanju zraka kroz ploče. Koristimo formulu (1) za granice 2–3 i 3–1. U odgovoru dobijamo
A) Sinus upadnog ugla zraka na granici 2–3 između ploča je 2) ≈ 0,433;
B) Ugao prelamanja zraka pri prelasku granice 3–1 (u radijanima) je 4) ≈ 0,873.
Odgovori. 24.
Odredite koliko α - čestica i koliko protona se dobije kao rezultat reakcije termonuklearne fuzije
+ → x+ y;
Rješenje. U svim nuklearnim reakcijama poštuju se zakoni održanja električnog naboja i broja nukleona. Označimo sa x - broj alfa čestica, y - broj protona. Napravimo jednačine
+ → x + y;
rješavajući sistem, imamo to x = 1; y = 2
Odgovori. 1 - α -čestica; 2 - proton.
Modul impulsa prvog fotona je 1,32 · 10 –28 kg · m/s, što je 9,48 · 10 –28 kg · m/s manje od modula impulsa drugog fotona. Pronađite omjer energije E 2 / E 1 drugog i prvog fotona. Zaokružite svoj odgovor na desetine.
Rješenje. Zamah drugog fotona je veći od zamaha prvog fotona pod uslovom, to znači da možemo predstaviti str 2 = str 1 + Δ str(1). Energija fotona može se izraziti kao impuls fotona koristeći sljedeće jednačine. to E = mc 2 (1) i str = mc(2) onda
E = pc (3),
gdje E- energija fotona, str- impuls fotona, m - masa fotona, c= 3 · 10 8 m/s - brzina svjetlosti. Uzimajući u obzir formulu (3), imamo:
| E 2 | = | str 2 | = 8,18; |
| E 1 | str 1 |
Zaokružite odgovor na desetine i dobijete 8,2.
Odgovori. 8,2.
Atomsko jezgro je podvrgnuto radioaktivnom pozitronskom β-raspadu. Kako su se zbog toga promijenili električni naboj jezgra i broj neutrona u njemu?
Za svaku vrijednost odredite odgovarajući obrazac promjene:
- Povećano;
- Smanjena;
- Nije se promenilo.
Zapišite odabrane brojeve za svaku fizičku veličinu u tabeli. Brojevi u odgovoru se mogu ponoviti.
Rješenje. Pozitron β - raspad u atomskom jezgru nastaje tokom transformacije protona u neutron uz emisiju pozitrona. Kao rezultat toga, broj neutrona u jezgru se povećava za jedan, električni naboj se smanjuje za jedan, a maseni broj jezgra ostaje nepromijenjen. Dakle, reakcija transformacije elementa je sljedeća:
Odgovori. 21.
U laboratoriji je provedeno pet eksperimenata za promatranje difrakcije pomoću različitih difrakcijskih rešetki. Svaka od rešetki bila je osvijetljena paralelnim snopovima monohromatskog svjetla određene talasne dužine. U svim slučajevima, svjetlost je padala okomito na rešetku. U dva od ovih eksperimenata uočen je isti broj glavnih difrakcijskih maksimuma. Prvo označite broj eksperimenta u kojem je korištena difrakciona rešetka s kraćim periodom, a zatim broj eksperimenta u kojem je korištena difrakciona rešetka s dužim periodom.
Rješenje. Difrakcija svjetlosti je fenomen svjetlosnog snopa u području geometrijske sjene. Difrakcija se može uočiti kada na putu svjetlosnog vala postoje neprozirna područja ili rupe u velikim i neprozirnim preprekama, a veličine tih područja ili rupa su srazmjerne talasnoj dužini. Jedan od najvažnijih uređaja za difrakciju je difrakciona rešetka. Ugaoni pravci do maksimuma difrakcionog uzorka određeni su jednadžbom
d sinφ = kλ (1),
gdje d Je period difrakcijske rešetke, φ je ugao između normale na rešetku i smjera prema jednom od maksimuma difrakcijske mreže, λ je valna dužina svjetlosti, k- cijeli broj koji se naziva red difrakcijskog maksimuma. Izrazimo iz jednačine (1)
Prilikom odabira parova prema eksperimentalnim uvjetima prvo biramo 4 gdje je korištena difrakciona rešetka s kraćim periodom, a zatim je broj eksperimenta u kojem je korištena difrakciona rešetka sa dužim periodom 2.
Odgovori. 42.
Struja teče kroz žičani otpornik. Otpornik je zamijenjen drugim, sa žicom od istog metala i iste dužine, ali koja ima polovinu površine poprečnog presjeka, a kroz nju je propuštena polovina struje. Kako će se promijeniti napon na otporniku i njegov otpor?
Za svaku vrijednost odredite odgovarajući obrazac promjene:
- Povećaće se;
- Hoće li se smanjiti;
- Neće se promijeniti.
Zapišite odabrane brojeve za svaku fizičku veličinu u tabeli. Brojevi u odgovoru se mogu ponoviti.
Rješenje. Važno je zapamtiti o kojim vrijednostima ovisi otpor vodiča. Formula za izračunavanje otpora je
Ohmov zakon za dio kola, iz formule (2), izražavamo napon
U = I R (3).
Prema stanju zadatka, drugi otpornik je napravljen od žice od istog materijala, iste dužine, ali različite površine poprečnog presjeka. Površina je upola manja. Zamjenom u (1) dobijamo da se otpor povećava 2 puta, a struja smanjuje 2 puta, pa se napon ne mijenja.
Odgovori. 13.
Period oscilovanja matematičkog klatna na površini Zemlje je 1,2 puta duži od perioda njegovog oscilovanja na određenoj planeti. Koliki je modul ubrzanja gravitacije na ovoj planeti? Uticaj atmosfere u oba slučaja je zanemarljiv.
Rješenje. Matematičko klatno je sistem koji se sastoji od niti, čije su dimenzije mnogo veće od dimenzija lopte i same lopte. Poteškoće mogu nastati ako se zaboravi Thomsonova formula za period oscilacije matematičkog klatna.
T= 2π (1);
l- dužina matematičkog klatna; g- ubrzanje gravitacije.
Po stanju
Izrazimo iz (3) g n = 14,4 m/s 2. Treba napomenuti da ubrzanje gravitacije ovisi o masi planete i radijusu
Odgovori. 14,4 m/s 2.
Pravi provodnik dužine 1 m, kroz koji teče struja od 3 A, nalazi se u jednoličnom magnetskom polju sa indukcijom V= 0,4 T pod uglom od 30° prema vektoru. Koliki je modul sile koja djeluje na provodnik sa strane magnetskog polja?
Rješenje. Ako provodnik sa strujom postavite u magnetsko polje, tada će polje na vodiču sa strujom djelovati s amperovom silom. Zapisujemo formulu za modul Amperove sile
F A = I LB sinα;
F A = 0,6 N
Odgovori. F A = 0,6 N.
Energija magnetskog polja pohranjenog u zavojnici kada kroz njega prođe jednosmjerna struja jednaka je 120 J. Koliko puta se mora povećati struja koja teče kroz namotaj zavojnice da bi se pohranjena energija magnetskog polja povećala za 5760 J .
Rješenje. Energija magnetskog polja zavojnice izračunava se po formuli
| W m = | LI 2 | (1); |
| 2 |
Po stanju W 1 = 120 J, dakle W 2 = 120 + 5760 = 5880 J.
| I 1 2 = | 2W 1 | ; I 2 2 = | 2W 2 | ; |
| L | L |
Zatim omjer struja
| I 2 2 | = 49; | I 2 | = 7 |
| I 1 2 | I 1 |
Odgovori. Snagu struje treba povećati za 7 puta. U obrazac za odgovore upisujete samo broj 7.
Električno kolo se sastoji od dvije sijalice, dvije diode i zavojnice žice, spojene kako je prikazano. (Dioda propušta struju samo u jednom smjeru, kao što je prikazano na vrhu slike). Koja od sijalica će se upaliti ako se sjeverni pol magneta približi petlji? Objasnite odgovor navodeći koje ste fenomene i obrasce koristili u objašnjenju.
Rješenje. Linije magnetske indukcije napuštaju sjeverni pol magneta i divergiraju. Kako se magnet približava, magnetni tok kroz zavojnicu žice se povećava. Prema Lenzovom pravilu, magnetsko polje stvoreno indukcijskom strujom petlje mora biti usmjereno udesno. Prema pravilu kardana, struja bi trebala teći u smjeru kazaljke na satu (ako se gleda slijeva). Dioda u krugu druge lampe prolazi u ovom smjeru. To znači da će druga lampica upaliti.
Odgovori. Druga lampica se pali.
Dužina aluminijskih krakova L= 25 cm i površina poprečnog presjeka S= 0,1 cm 2 okačen na konac na gornjem kraju. Donji kraj leži na horizontalnom dnu posude u koju se ulijeva voda. Dužina potopljenog kraka l= 10 cm Nađi silu F, kojim igla pritiska na dno posude, ako se zna da je konac okomit. Gustoća aluminijuma ρ a = 2,7 g/cm 3, gustina vode ρ b = 1,0 g/cm 3. Ubrzanje gravitacije g= 10 m/s 2
Rješenje. Napravimo crtež objašnjenja.
- Napetost konca;
- Sila reakcije dna posude;
a - Arhimedova sila koja deluje samo na uronjeni deo tela, a primenjena je na centar uronjenog dela kraka;
- sila gravitacije koja djeluje na žbicu sa Zemlje i primjenjuje se na centar cijelog kraka.
Po definiciji, težina žbice m i modul Arhimedove sile se izražavaju na sljedeći način: m = SLρ a (1);
F a = Slρ in g (2)
Razmotrite momente sila u odnosu na tačku ovjesa žbice.
M(T) = 0 - moment sile zatezanja; (3)
M(N) = NL cosα je moment sile reakcije oslonca; (4)
Uzimajući u obzir predznake momenata, zapisujemo jednačinu
| NL cosα + Slρ in g (L – | l | ) cosα = SLρ a g | L | cosα (7) |
| 2 | 2 |
s obzirom da je prema Njutnovom trećem zakonu sila reakcije dna posude jednaka sili F d kojim žbica pritišće dno posude, pišemo N = F e i iz jednačine (7) izražavamo ovu silu:
| F d = [ | 1 | Lρ a– (1 – | l | )lρ u] Sg (8). |
| 2 | 2L |
Zamijenite brojčane podatke i dobijete to
F d = 0,025 N.
Odgovori. F d = 0,025 N.
Kontejner koji sadrži m 1 = 1 kg dušika, eksplodiranog u testu čvrstoće na temperaturi t 1 = 327 °C. Kolika je masa vodonika m 2 može se čuvati u takvoj posudi na temperaturi t 2 = 27 °C, sa petostrukim faktorom sigurnosti? Molarna masa dušika M 1 = 28 g/mol, vodonik M 2 = 2 g/mol.
Rješenje. Napišimo jednačinu stanja idealnog gasa Mendeljejeva - Klapejrona za azot
gdje V- zapreminu cilindra, T 1 = t 1 + 273 °C. Prema uslovima, vodonik se može skladištiti pod pritiskom str 2 = p 1/5; (3) Uzimajući to u obzir
možemo izraziti masu vodonika radeći direktno sa jednadžbama (2), (3), (4). Konačna formula je:
| m 2 = | m 1 | M 2 | T 1 | (5). | ||
| 5 | M 1 | T 2 |
Nakon zamjene numeričkih podataka m 2 = 28 g.
Odgovori. m 2 = 28 g.
U idealnom oscilatornom kolu, amplituda strujnih fluktuacija u induktoru ja sam= 5 mA, i amplituda napona na kondenzatoru U m= 2,0 V. U to vrijeme t napon na kondenzatoru je 1,2 V. Pronađite struju u zavojnici u ovom trenutku.
Rješenje. U idealnom oscilatornom krugu energija vibracije je pohranjena. Za trenutak vremena t, zakon održanja energije ima oblik
| C | U 2 | + L | I 2 | = L | ja sam 2 | (1) |
| 2 | 2 | 2 |
Za amplitudne (maksimalne) vrijednosti pišemo
a iz jednačine (2) izražavamo
| C | = | ja sam 2 | (4). |
| L | U m 2 |
Zamijenite (4) u (3). Kao rezultat, dobijamo:
I = ja sam (5)
Dakle, struja u zavojnici u trenutku vremena t je jednako sa
I= 4,0 mA.
Odgovori. I= 4,0 mA.
Na dnu rezervoara nalazi se ogledalo dubine 2 m. Zraka svjetlosti, prolazeći kroz vodu, odbija se od ogledala i izlazi iz vode. Indeks prelamanja vode je 1,33. Pronađite udaljenost između tačke ulaska snopa u vodu i tačke izlaska snopa iz vode, ako je upadni ugao snopa 30°
Rješenje. Napravimo crtež objašnjenja
α je upadni ugao zraka;
β je ugao prelamanja zraka u vodi;
AC je rastojanje između tačke ulaska snopa u vodu i tačke izlaska snopa iz vode.
Prema zakonu prelamanja svjetlosti
| sinβ = | sinα | (3) |
| n 2 |
Zamislite pravougaoni ΔADB. U njemu AD = h, tada je DV = AD
| tgβ = h tgβ = h | sinα | = h | sinβ | = h | sinα | (4) |
| cosβ |
Dobijamo sljedeći izraz:
| AC = 2 DB = 2 h | sinα | (5) |
Zamijenite numeričke vrijednosti u rezultirajuću formulu (5)
Odgovori. 1,63 m.
U pripremi za ispit predlažemo da se upoznate sa radni program iz fizike za 7-9 razrede za liniju UMK Peryshkina A.V. i radni program dubljeg nivoa za 10-11 razred za nastavne materijale Myakisheva G.Ya. Programi su dostupni za pregled i besplatno preuzimanje za sve registrovane korisnike.
Opcija br. 3109295
Rani ispit iz fizike 2017, opcija 101
Kada ispunjavate zadatke sa kratkim odgovorom, u polje za odgovor upišite broj koji odgovara broju tačnog odgovora, ili broj, riječ, niz slova (riječi) ili brojeva. Odgovor treba pisati bez razmaka ili dodatnih znakova. Odvojite razlomak od cijele decimalne točke. Ne morate pisati mjerne jedinice. U zadacima 1–4, 8–10, 14, 15, 20, 25–27 odgovor je cijeli broj ili konačni decimalni razlomak. Odgovor na zadatke 5-7, 11, 12, 16-18, 21 i 23 je niz od dva broja. Odgovor na problem 13 je riječ. Odgovor na zadatke 19 i 22 su dva broja.
Ako je varijantu postavio nastavnik, odgovore na zadatke sa detaljnim odgovorom možete unijeti ili učitati u sistem. Nastavnik će vidjeti rezultate zadataka kratkih odgovora i moći će ocijeniti postavljene odgovore na zadatke proširenih odgovora. Bodovi koje je dao nastavnik će se pojaviti u vašoj statistici.
Verzija za štampanje i kopiranje u MS Wordu
Na slici je prikazan grafik zavisnosti projekcije brzine tijela v x od vremena.
Odrediti projekciju ubrzanja ovog tijela sjekira u vremenskom intervalu od 15 do 20 s. Izrazite svoj odgovor u m/s 2.
odgovor:
Masa kocke M= 1 kg, bočno komprimiran oprugama (vidi sliku), leži na glatkom horizontalnom stolu. Prva opruga je stisnuta za 4 cm, a druga za 3 cm. Krutost prve opruge k 1 = 600 N/m. Kolika je krutost druge opruge k 2? Izrazite svoj odgovor u N/m.
odgovor:
Dva tijela se kreću istom brzinom. Kinetička energija prvog tijela je 4 puta manja od kinetičke energije drugog tijela. Odrediti omjer masa tijela.
odgovor:
Na udaljenosti od 510 m od posmatrača radnici zabijaju šipove sa zabijačem. Koliko će vremena proći od trenutka kada posmatrač vidi udarac zabijača šipa do trenutka kada čuje zvuk udara? Brzina zvuka u vazduhu je 340 m/s. Izrazite svoj odgovor na str.
odgovor:
Na slici su prikazani grafikoni zavisnosti od pritiska str iz dubine uranjanja h za dvije tečnosti u mirovanju: vodu i teški dijodometan, na konstantnoj temperaturi.
Odaberite dvije tačne tvrdnje koje se slažu sa grafikonima u nastavku.
1) Ako je pritisak unutar šuplje lopte jednak atmosferskom, tada će u vodi na dubini od 10 m pritisci na njenoj površini izvana i iznutra biti međusobno jednaki.
2) Gustoća kerozina je 0,82 g/cm 3, sličan grafikon zavisnosti pritiska od dubine za kerozin će biti između grafika za vodu i dijodometan.
3) U vodi na dubini od 25 m pritiska str 2,5 puta više od atmosferskog.
4) Sa povećanjem dubine uranjanja, pritisak u dijodometanu raste brže nego u vodi.
5) Gustoća maslinovog ulja je 0,92 g/cm 3, sličan grafikon pritiska u odnosu na dubinu ulja će biti između grafikona za vodu i ose apscise (horizontalna os).
odgovor:
Ogromna težina okačena sa stropa na bestežinsku oprugu stvara vertikalne slobodne vibracije. Opruga ostaje zategnuta cijelo vrijeme. Kako se potencijalna energija opruge i potencijalna energija tereta ponašaju u gravitacionom polju kada se teret kreće prema gore iz ravnotežnog položaja?
1) povećava;
2) smanjuje;
3) se ne menja.
odgovor:
Kamion se kreće po ravnom horizontalnom putu velikom brzinom v, kočio tako da su točkovi prestali da se okreću. Težina kamiona m, koeficijent trenja točkova na putu μ ... Formule A i B vam omogućavaju da izračunate vrijednosti fizičkih veličina koje karakteriziraju kretanje kamiona.
Uspostavite korespondenciju između formula i fizičkih veličina, čija se vrijednost može izračunati pomoću ovih formula.
| A | B |
odgovor:
Kao rezultat hlađenja razrijeđenog argona, njegova apsolutna temperatura se smanjila za faktor 4. Koliko se puta smanjila prosječna kinetička energija toplinskog kretanja molekula argona?
odgovor:
Radno tijelo toplotnog stroja po ciklusu prima od grijača količinu topline jednaku 100 J, a obavlja rad od 60 J. Kolika je efikasnost toplotne mašine? Izrazite svoj odgovor u%.
odgovor:
Relativna vlažnost vazduha u zatvorenoj posudi sa klipom je 50%. Kolika će biti relativna vlažnost vazduha u posudi ako se zapremina posude pri konstantnoj temperaturi smanji za 2 puta? Izrazite svoj odgovor u%.
odgovor:
Vruća supstanca, u početku u tečnom stanju, polako se hladila. Snaga hladnjaka je konstantna. U tabeli su prikazani rezultati mjerenja temperature neke supstance tokom vremena.
Sa predložene liste izaberite dve tvrdnje koje odgovaraju rezultatima merenja i navedite njihove brojeve.
1) Proces kristalizacije supstance trajao je više od 25 minuta.
2) Specifični toplotni kapacitet supstance u tečnom i čvrstom stanju je isti.
3) Tačka topljenja supstance u ovim uslovima je 232°C.
4) Nakon 30 min. nakon početka mjerenja, supstanca je bila samo u čvrstom stanju.
5) Nakon 20 minuta. nakon početka mjerenja, supstanca je bila samo u čvrstom stanju.
odgovor:
Dijagrami A i B prikazuju dijagrame p − T i p − V za procese 1−2 i 3−4 (hiperbola) izvedene sa 1 molom helijuma. U dijagramima str- pritisak, V- volumen i T Je apsolutna temperatura gasa. Uspostavite korespondenciju između grafikona i iskaza koji karakteriziraju procese prikazane na grafovima. Za svaku poziciju prve kolone odaberite odgovarajuću poziciju druge kolone i zapišite odabrane brojeve u tabeli ispod odgovarajućih slova.
| A | B |
odgovor:
Kako je amperova sila koja djeluje na provodnik 1 sa strane provodnika 2 (vidi sliku) usmjerena u odnosu na sliku (desno, lijevo, gore, dolje, prema posmatraču, od posmatrača), ako su provodnici tanki, dugački, ravni, paralelni jedno s drugim? ( I- trenutna snaga.) Odgovor zapišite riječju (riječima).
odgovor:
Jednosmjerna struja teče kroz dio kola (vidi sliku) I= 4 A. Koju će struju pokazati idealan ampermetar uključen u ovo kolo, ako otpor svakog otpornika r= 1 ohm? Izrazite svoj odgovor u amperima.
odgovor:
U eksperimentu posmatranja elektromagnetne indukcije, kvadratni okvir od jednog zavoja tanke žice nalazi se u jednoličnom magnetskom polju okomito na ravan okvira. Indukcija magnetnog polja raste jednoliko od 0 do maksimalne vrijednosti V max za vrijeme T... U tom slučaju se u okviru pobuđuje EMF indukcije, jednak 6 mV. Koja će EMF indukcije nastati u okviru ako T smanjiti za 3 puta, i V smanjiti max za 2 puta? Izrazite svoj odgovor u mV.
odgovor:
Ujednačeno elektrostatičko polje stvara jednoliko nabijena ispružena horizontalna ploča. Linije jačine polja su usmjerene okomito prema gore (vidi sliku).
Sa donje liste odaberite dvije ispravne tvrdnje i unesite njihove brojeve.
1) Ako ukazati A postavite negativni naboj ispitne tačke, tada će sila usmjerena okomito prema dolje djelovati na nju sa strane ploče.
2) Ploča je negativno nabijena.
3) Potencijal elektrostatičkog polja u tački V niže nego u tački WITH.
5) Rad elektrostatičkog polja pomicanjem negativnog naboja ispitne tačke iz tačke A i to do tačke V jednaka je nuli.
odgovor:
Elektron se kreće u krugu u jednoličnom magnetskom polju. Kako će se promijeniti Lorentzova sila koja djeluje na elektron i period njegove revolucije ako se poveća njegova kinetička energija?
Za svaku vrijednost odredite odgovarajući obrazac promjene:
1) će se povećati;
2) smanjiće se;
3) neće se promijeniti.
Zapišite odabrane brojeve za svaku fizičku veličinu u tabeli. Brojevi u odgovoru se mogu ponoviti.
odgovor:
Slika prikazuje jednosmjerno kolo. Uspostavite korespondenciju između fizičkih veličina i formula po kojima se one mogu izračunati ( ε - EMF trenutnog izvora, r- unutrašnji otpor izvora struje, R Je otpor otpornika).
Za svaku poziciju prve kolone odaberite odgovarajuću poziciju druge kolone i zapišite odabrane brojeve u tabeli ispod odgovarajućih slova.
| FIZIČKE KOLIČINE | FORMULE | |
| A) struja kroz izvor sa otvorenim ključem K B) struja kroz izvor sa zatvorenim ključem K |
odgovor:
Dva monohromatska elektromagnetna talasa šire se u vakuumu. Energija fotona prvog talasa je 2 puta veća od energije fotona drugog talasa. Odredite omjer dužina ovih elektromagnetnih valova.
odgovor:
Kako će se mijenjati sa β - -raspad masenog broja jezgra i njegovog naboja?
Za svaku vrijednost odredite odgovarajući obrazac promjene:
1) će se povećati
2) smanjenje
3) neće se promijeniti
Zapišite odabrane brojeve za svaku fizičku veličinu u tabeli. Brojevi u odgovoru se mogu ponoviti.
odgovor:
Odredite očitanja voltmetra (vidi sliku) ako je greška mjerenja direktnog napona jednaka vrijednosti podjele voltmetra. Navedite odgovor u voltima. U odgovoru zapišite vrijednost i grešku zajedno bez razmaka.
odgovor:
Za izvođenje laboratorijskog rada za otkrivanje zavisnosti otpora provodnika o njegovoj dužini, studentu je dato pet provodnika čije su karakteristike navedene u tabeli. Koja dva od sljedećih vodiča bi student trebao uzeti u obzir da bi sproveo ovo istraživanje?
